用PHP变量创建MySQL表

发布时间：2020-12-13 22:03:49 所属栏目：PHP教程来源：网络整理

导读：我正在尝试创建一个表,其名称是存储在变量$name中的值的值.我尝试了很多不同的方法,但似乎没有一个适合我.这是我目前使用的代码： mysql_connect("localhost","peltdyou_admin","123456") or die(mysql_error()); mysql_select_db("peltdyou_orders") or die

我正在尝试创建一个表,其名称是存储在变量$name中的值的值.我尝试了很多不同的方法,但似乎没有一个适合我.这是我目前使用的代码：

mysql_connect("localhost","peltdyou_admin","123456") or die(mysql_error()); 
 mysql_select_db("peltdyou_orders") or die(mysql_error()); 
 mysql_query("CREATE TABLE '" .$_POST['name']. "' ( name VARCHAR(30),age INT,car VARCHAR(30))");

我知道这与”.$_ POST [‘name’]有关.“’但我无法解决问题.
我在其位置尝试了’$name’,它从代码中获得了它的价值.

任何帮助都会很棒！

解决方法

在表名周围使用反引号,而不是引号.逃避输入！此外,虽然这适用于localhost,但请确保在生产服务器上运行的用户具有CREATE表的权限(当然,通常不是,AFAIK,在共享主机上).

一句警告：你真的确定要在用户输入上创建一个表吗？你要以这种方式创建多少个表？难道你不能只重新设计整个事物,以便插入值吗？

$name = mysql_real_escape_string($_POST['name']);
mysql_query("CREATE TABLE `".$name."` ( name VARCHAR(30),car VARCHAR(30))");

（编辑：李大同）

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