ZCMU 1540 第k大数 (二分)
发布时间:2020-12-14 04:55:16 所属栏目:大数据 来源:网络整理
导读:时间限制:?10 Sec??内存限制:?128 MB 提交:?74??解决:?22 [ 提交][ 状态][ 讨论版] 题目描述 有两个序列a,b,它们的长度分别为n和m,那么将两个序列中的元素对应相乘后得到的n*m个元素从大到小排列后的第k个元素是什么? 输入 输入的第一行为一个正整数T (T
提交:?74??解决:?22 [ 提交][ 状态][ 讨论版] 题目描述有两个序列a,b,它们的长度分别为n和m,那么将两个序列中的元素对应相乘后得到的n*m个元素从大到小排列后的第k个元素是什么? 输入输入的第一行为一个正整数T (T<=10),代表一共有T组测试数据。 每组测试数据的第一行有三个正整数n,m和k(1<=n,m<=100000,1<=k<=n*m),分别代表a序列的长度,b序列的长度,以及所求元素的下标。第二行为n个正整数代表序列a。第三行为m个正整数代表序列b。序列中所有元素的大小满足[1,100000]。 输出对于每组测试数据,输出一行包含一个整数代表第k大的元素是多少。 样例输入3
3 2 3 1 2 3 1 2 2 2 1 1 1 2 2 4 1 1 1 1 样例输出1 1 【题意】 n*m 从大到小排序, 为第k个数是多少 【思路】 虽然时间给出10s? 但 暴力扔会超时,?? 数据太多,? 通过用 二分 将时间复杂度降下来,?? 二分 最大 a[n]*b[m]? ? 到最小 a[1]*b[1] 直接的 答案; 再通过统计 比mid 大得个数 与 k? 比较 进行? 缩或扩 【代码实现】 //#include <bits/stdc++.h> #include <iostream> #include <stdio.h> #include <algorithm> #include <cmath> #include <math.h> #include <cstring> #include <string> #include <queue> #include <deque> #include <stack> #include <stdlib.h> #include <list> #include <map> #include <set> #include <bitset> #include <vector> #define mem(a,b) memset(a,b,sizeof(a)) #define findx(x) lower_bound(b+1,b+1+bn,x)-b #define FIN freopen("input.txt","r",stdin) #define FOUT freopen("output.txt","w",stdout) #define S1(n) scanf("%d",&n) #define SL1(n) scanf("%I64d",&n) #define S2(n,m) scanf("%d%d",&n,&m) #define SL2(n,m) scanf("%I64d%I64d",&m) #define Pr(n) printf("%dn",n) #define lson rt << 1,l,mid #define rson rt << 1|1,mid + 1,r #define FI(n) IO::read(n) #define Be IO::begin() using namespace std; typedef long long ll; const double PI=acos(-1); const int INF=0x3f3f3f3f; const double esp=1e-6; const int maxn=1e5+5; const int MAXN=50005; const int MOD=1e9+7; const int mod=1e9+7; int dir[5][2]={0,1,-1,0}; namespace IO { const int MT = 5e7; char buf[MT]; int c,sz; void begin(){ c = 0; sz = fread(buf,MT,stdin);//ò?′?D?ê?è? } template<class T> inline bool read(T &t){ while( c < sz && buf[c] != '-' && ( buf[c]<'0' || buf[c] >'9')) c++; if( c>=sz) return false; bool flag = 0; if( buf[c]== '-') flag = 1,c++; for( t=0; c<=sz && '0' <=buf[c] && buf[c] <= '9'; c++ ) t= t*10 + buf[c]-'0'; if(flag) t=-t; return true; } } ll inv[maxn*2]; inline void ex_gcd(ll a,ll b,ll &d,ll &x,ll &y){if(!b){ x=1; y=0; d=a; }else{ ex_gcd(b,a%b,d,y,x); y-=x*(a/b);};} inline ll gcd(ll a,ll b){ return b?gcd(b,a%b):a;} inline ll exgcd(ll a,ll &y){if(!b){x=1;y=0;return a;}ll ans=exgcd(b,x,y);ll temp=x;x=y;y=temp-a/b*y;return ans;} inline ll lcm(ll a,ll b){ return b/gcd(a,b)*a;} inline ll qpow(ll x,ll n){ll res=1;for(;n;n>>=1){if(n&1)res=(res*x)%MOD;x=(x*x)%MOD;}return res;} inline ll inv_exgcd(ll a,ll n){ll d,y;ex_gcd(a,n,y);return d==1?(x+n)%n:-1;} inline ll inv1(ll b){return b==1?1:(MOD-MOD/b)*inv1(MOD%b)%MOD;} inline ll inv2(ll b){return qpow(b,MOD-2);} ll n,k,m; ll a[maxn],b[maxn]; int judge(ll mid) { int j=1; int sum=0; for(int i=n;i>=1;i--) { while(j<=m) { if(a[i]*b[j]>=mid) { sum+=m-j+1; break; } else { j++; } } } return sum; } int main() { int T; cin>>T; while(T--) { scanf("%lld %lld %lld",&m,&k); for(int i=1;i<=n;i++) scanf("%lld",&a[i]); for(int i=1;i<=m;i++) scanf("%lld",&b[i]); sort(a+1,a+n+1); sort(b+1,b+m+1); ll kl=a[1]*b[1];// ×?D? ll kr=a[n]*b[m];//×?′ó ll ans=0; while(kl<=kr) { ll mid= (kl+kr)>>1; int sum=judge(mid); if(sum>=k)// ±èk′ó ′e°??úóò òa?? { ans=mid; // cout<<ans<<endl; kl=mid+1; } else// à? { kr=mid-1; } } printf("%lldn",ans); } return 0; } /* 5 5 2 8 1 2 3 4 5 1 2 */ 123 (编辑:李大同) 【声明】本站内容均来自网络,其相关言论仅代表作者个人观点,不代表本站立场。若无意侵犯到您的权利,请及时与联系站长删除相关内容! |