NEERC 1999 Divisibility /// 同余DP oj22640
发布时间:2020-12-14 04:49:44 所属栏目:大数据 来源:网络整理
导读:题目大意: 输入n,m;?( 1 ≤? N ?≤ 10000,2 ≤? M ?≤ 100 ) 接下来n个数;Each integer is not greater than 10000 by it‘s absolute value. 判断他们按顺序做加减法后能否整除m 若能输出“ Divisible ”,否则输出“ Not divisible ”; Sample Input S
题目大意: 输入n,m;?( 1 ≤?N?≤ 10000,2 ≤?M?≤ 100 ) 接下来n个数;Each integer is not greater than 10000 by it‘s absolute value. 判断他们按顺序做加减法后能否整除m 若能输出“Divisible”,否则输出“Not divisible”;
Sample Input
Sample #1
Sample Output
Sample #1 对于第一个样例解释: 17 + 5 + -21 + 15 = 16 -14可整除7 ? #include <bits/stdc++.h> using namespace std; bool dp[10005][105]; /// dp[i][j]表示第i个数时余数为j的状态存不存在 1为存在 0则不存在 int main() { int n,m,a; while(~scanf("%d%d%d",&n,&m,&a)) { memset(dp,0,sizeof(dp)); dp[1][(a%m+m)%m]=1; // 到第1个数时 a%m 存在 for(int i=2;i<=n;i++) { scanf("%d",&a); a=fabs(a); a%=m; /// 防止出现负数 先取绝对值 对求余没影响 for(int j=0;j<m;j++) if(dp[i-1][j]) // 若上一个数时 余j 的状态存在 dp[i][(j+a)%m]=dp[i][(j-a+m)%m]=1; /// 则可由 上个数余j的状态 推出 /// 到当前数时(+a或-a) 余(j+a)%m 和 余(j-a+m)%m /// 两个状态可存在 } if(dp[n][0]) printf("Divisiblen"); else printf("Not divisiblen"); } return 0; } (编辑:李大同) 【声明】本站内容均来自网络,其相关言论仅代表作者个人观点,不代表本站立场。若无意侵犯到您的权利,请及时与联系站长删除相关内容! |
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