在C中使用typename作为函数参数时,如何传递引用？

发布时间：2020-12-16 10:51:51 所属栏目：百科来源：网络整理

导读：模板有一些奇怪的问题.当试图传递参数化迭代器时,它抱怨没有找到任何函数.代码片段在这里,忘记了功能,它使用了对模板化迭代器的引用我感兴趣的是什么 #include list#include iostreamtemplatetypename Tvoid print_list_element(typename std::listT::iterat

模板有一些奇怪的问题.当试图传递参数化迭代器时,它抱怨没有找到任何函数.代码片段在这里,忘记了功能,它使用了对模板化迭代器的引用我感兴趣的是什么

#include <list>
#include <iostream>

template<typename T>
void print_list_element(typename std::list<T>::iterator& it){
    std::cout << *it << std::endl;
}

int main() {
    std::list<int> theList;
    theList.push_back(1);

    std::list<int>::iterator it = theList.begin();
    print_list_element(it);

    return 0;
}

如果您尝试使用g v4.3.2编译它,它会抱怨一条消息说：

main.cpp:14: error: no matching function for call to 'print_list_element(std::_List_iterator<int>&)'

我写的代码有什么问题,或者g需要更多信息吗？

解决方法

g无法确定应该使用哪个模板重载print_list_element.如果您明确指定模板参数,它可以工作：

print_list_element<int>(it);

（编辑：李大同）

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