ajax调用后台异常，页面跳转

在java开发中，我们往往需要统一处理异常信息，跳转到某一个错误提示页面。

然而，通过ajax调用后台时，后台抛出异常后，页面却没有跳转到异常页面，原因是后台异常时,没有正确向ajax返回信息，

这时，ajax就会走到error处理方法。

这种问题怎么解决呢，下面用代码举例：

失败时，返回页面的jsp为：/view/error/notAuthorize.jsp

ajax代码：

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functionerror(data){
1. varresult=data.responseText;
2. if(result!=null&&result!=''){//后台异常时，并在后台捕获
3. varurl=getRootPath()+"/view/error/notAuthorize.jsp";//获取工程路径
4. location.href=url;
5. //$(document.body).html(result);
6. }else{//后台异常，且没有被捕获
7. clickautohide(5);
8. }
9. }

//js获取项目根路径，如：http://localhost:8099/UniqueduHome
1. functiongetRootPath(){
2. //获取当前网址，如：http://localhost:8099/UniqueduHome/view/error/notAuthorize.jsp
3. varcurWwwPath=window.document.location.href;
4. //获取主机地址之后的目录，如：UniqueduHome/view/error/notAuthorize.jsp
5. varpathName=window.document.location.pathname;
6. varpos=curWwwPath.indexOf(pathName);
7. //获取主机地址，如：http://localhost:8099
8. varlocalhostPaht=curWwwPath.substring(0,pos);
9. //获取带"/"的项目名，如：/UniqueduHome
10. varprojectName=pathName.substring(0,pathName.substr(1).indexOf('/')+1);
11. return(localhostPaht+projectName);
12. }

（编辑：李大同）

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